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建造中国长城2（Building the Great Wall of China 2）是GameHouse制作发行的一款，这款游戏的画面还是蛮精致的，在这款游戏中会给玩家们带来不少乐趣。【游戏介绍】这款游戏是建造中国长城系列的第二部作品，游戏在原来的基础上还加入了全新的元素。在这款游戏中玩家主要的任务就是要建造长城，在游戏中会有各种不同的任务，玩家只有完成任务才能获得相对应的奖励。在这款游戏中玩家还要雇佣各种人员来进行打造，整个游戏还是蛮顺畅的，玩家们一起进入游戏来打造长城吧。
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建造中国长城2游戏截图
D3DX9_XX.DLL/PHYSXLOADER.DLL/配置不正常等
建造中国长城2 (Building the Great Wall of China 2)典藏破解版v1.0
.0分中文450.0 MB
.0分中文12.3 GB
.0分中文1.0 GB
模拟经营排行榜
1 .0类型: 模拟经营语言: 中文大小: 34.3 MB
2 .0类型: 模拟经营语言: 中文大小: 436.9 MB
3 .0类型: 模拟经营语言: 英文大小: 183.6 MB
4 .0类型: 模拟经营语言: 中文大小: 218.8 MB
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6 .0类型: 模拟经营语言: 中文大小: 546.8 MB
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9 .0类型: 模拟经营语言: 中文大小: 5.3 MB
10 .0类型: 模拟经营语言: 日文大小: 8.9 GB
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7 .0类型: 模拟经营语言: 中文大小: 525.1 MB
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10 .0类型: 模拟经营语言: 中文大小: 941.4 MB
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9 .0类型: 模拟经营语言: 中文大小: 436.9 MB
10 .0类型: 模拟经营语言: 中文大小: 546.8 MB
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建造中国长城2中文安卓破解版（Building The Great Wall of China 2）是一款画面逼真细腻的模拟经营类游戏，在游戏中，你将扮演一名工程师，为了和心爱的人在一起，为了抵御外敌的入侵，肩负着修建长城的重担。
建造中国长城2中文版游戏特色： 1、丰富的建筑内容，每一个细节，你都将亲身体会； 2、不断的收集材料，开采矿石； 3、Q版的人物，雄伟的长城，非常的逼真。
活动内容：
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建造中国长城2中文汉化安卓破解版（Building The Great Wall of China 2）
(您的评论需要经过审核才能显示)HDU 4113-Construct the Great Wall-动态规划-[解题报告]HOJ
HDU 4113-Construct the Great Wall-动态规划-[解题报告]HOJ
, , 围观427次
Construct the Great Wall
问题描述 :
A defensive wall is a fortification used to protect a city or settlement from potential aggressors. From ancient to modern times, they were used to enclose settlements.Generally, these are referred to as city walls or town walls.Even though, our ancestors decided to build a Great Wall to protect the northern borders of the Chinese Empire against invasion by various nomadic groups.The map is given as an rectangle area of size N × M. Each grid is an empty area, a city or an enemy. The Great Wall is a simple polygon build alone the edge of the grids, enclosing all the cities and keeping all the enemies out.The Great Wall is not easy to build, so we should make the Great Wall as short as possible. Now it is your job to calculate the length of the shortest Great Wall so that it can protect all the cities from the enemies.
The first line contains an integer T(1 &= T&= 50), indicating the number of test cases.Each test case contains several lines.The first line contains two integer H,W(1 &= H,W &= 8), indicating the number of rows and columns of the map.The followingH lines containsW chars, indicating the map. ‘o’ represents a city, ‘.’ represents a empty area and ‘x’ represents an enemy.You can assume that there will be at least one city on the map.
The first line contains an integer T(1 &= T&= 50), indicating the number of test cases.Each test case contains several lines.The first line contains two integer H,W(1 &= H,W &= 8), indicating the number of rows and columns of the map.The followingH lines containsW chars, indicating the map. ‘o’ represents a city, ‘.’ represents a empty area and ‘x’ represents an enemy.You can assume that there will be at least one city on the map.
Case #1: 14
Case #2: -1
Case #3: 28
A simple polygon is a closed polygonal chain of line segments in the plane which do not have points in common other than the common vertices of pairs of consecutive segments.
The solution for the first test case in sample is shown in Figure 1.
There is no solution for the second test case because no matter how you build the Great Wall, it will always intersects with itself. (Figure 2).
好久没做插头dp的样子，一开始以为这题是插头，状压，插头，状压，插头，状压，插头，状压，无限对又错。
昨天看到的这题。
百度之后发现没有人发题解，hust也没，hdu也没discuss。。。在acm-icpc信息站发现难得的一篇题解。不过看到是插头二字之后，代码由于风格太不一样就没看了，自己想了好久，想通了。然后就等到今天才码。。。。
如果把点看成网格，那就可以实现，没有公共点公共边等限定条件，也显然是插头dp的最短单回路的模型。这是本题的一个难点（当时想到这样是因为，题目要求计算最短周长，显然这样建模便于求解）
另一个难点是如何保证那些OOXX在该在的位置，即题目所要求，O在单回路内部，X在单回路外部。我的做法是标记，加多一维01表示当前交点的左上角格子是否在内部。转移过程注意判断后续状态可否行即可。
这题要括号匹配，显然要用哈希表而不用数组。。。
虽然折腾时间挺久，但是1A的感觉还是不错的。
建议画图（其实所有插头dp都建议画图，便于分析，也不会占着电脑坑队友）
#include &cstdio&
#include &cstring&
#include &iostream&
#include &string&
#include &algorithm&
#include &cmath&
#include &queue&
#include &vector&
#include &set&
#include &map&
#define inf 0x3f3f3f3f
#define eps 1e-8
#define ll long long
#define maxm 51000
#define STATE 510000
#define HASH 10007
#define maxd 15
char maze[maxd][maxd];
int code[maxd];
struct HASHMAP{
int head[HASH],nxt[STATE],
int state[STATE],f[STATE];
void clear(){sz=0;memset(head,-1,sizeof(head));}
void push(int st,int ans){
int h = st%HASH;
for(int i=head[h];i!=-1;i=nxt[i]){
if(st==state[i]){
f[i] = min(f[i], ans);
state[sz]=st, f[sz]=ans, nxt[sz]=head[h];
head[h]=sz++;
}hm[2][2];
void decode(int st){
for(int i=0;i&=m;++i) code[i] = st&3, st&&=2;
int encode(){
int ret=0;
for(int i=m;i&=0;--i) ret = ret&&2|code[i];
bool jud(int i,int j,int in){
if(maze[i][j]=='o')
if(maze[i][j]=='x') return !
void dp(int i,int j,int cur,int in){
int xo = (1&&(j*2));
int ox = (2&&(j*2));
int oo = xo|
int mv = (j==m?2:0);
for(int k=0;k&hm[cur][in].++k){
decode(hm[cur][in].state[k]);
int left = code[j-1];
int up = code[j];
if(left && up){
if(left==2 && up==1){
if(i&=edx+1 && j&=edy+1){
int to = hm[cur][in].state[k] ^ (ox&&2) ^ (xo);
if(to==0) ans = min(ans, hm[cur][in].f[k]+1);
if(left==1 && up==1){
for(int jj=j-1,c=0;jj&=0;--jj){
if(code[jj]==1)++c;
if(code[jj]==2)--c;
if(c==0){code[jj]^=3;}
code[j-1]=code[j]=0;
if(left==2 && up==2){
for(int jj=j,c=0;jj&=m;++jj){
if(code[jj]==2)++c;
if(code[jj]==1)--c;
if(c==0){code[jj]^=3;}
code[j-1]=code[j]=0;
if(left==1 && up==2){
code[j-1]=code[j]=0;
if(jud(i-1,j,in^1))
hm[cur^1][in^1].push(encode()&&mv, hm[cur][in].f[k]+1);
}else if(left || up){
if(up) in2^=1;
int tmp = left |
code[j-1]=tmp, code[j]=0;
if(i+1&=n)
if(jud(i-1,j,in2) && jud(i,j-1,!in2) && jud(i,j,in2))
hm[cur^1][in2].push(encode()&&mv, hm[cur][in].f[k]+1);
code[j-1]=0, code[j]=
if(j+1&=m)
if(jud(i-1,j,in2) && jud(i,j-1,!in2) && jud(i,j,!in2))
hm[cur^1][in2].push(encode()&&mv, hm[cur][in].f[k]+1);
if(jud(i-1,j,in) && jud(i,j-1,in) && jud(i,j,in))
hm[cur^1][in].push(hm[cur][in].state[k]&&mv, hm[cur][in].f[k]);
code[j-1]=2, code[j]=1;
if(i+1&=n && j+1&=m)
if(jud(i-1,j,in) && jud(i,j-1,in) && jud(i,j,!in))
hm[cur^1][in].push(encode()&&mv, hm[cur][in].f[k]+1);
int solve(){
int cur=0;
hm[0][0].clear();
hm[0][1].clear();
hm[0][0].push(0,0);
for(int i=1;i&=n;++i) for(int j=1;j&=m;++j) if(maze[i][j]=='o') edx=i,edy=j;
for(int i=1;i&=n;++i){
for(int j=1;j&=m;++j){
hm[cur^1][0].clear();
hm[cur^1][1].clear();
dp(i,j,cur,0);
dp(i,j,cur,1);
if(ans==inf) return -1;
int main(){
int t,ca=0;
scanf("%d",&t);
while(t--){
scanf("%d%d",&n,&m);
memset(maze,0,sizeof(maze));
for(int i=1;i&=n;++i) scanf("%s",maze[i]+1);
for(int i=0;i&=n;++i) maze[i][0]=maze[i][m]='.';
for(int j=0;j&=m;++j) maze[0][j]=maze[n][j]='.';
printf("Case #%d: %d\n",++ca, solve());
参考：/nextbin/p/4082001.html
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greatwall显示器维修
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一台24寸显示器，亮一下就黑屏，经检查，在亮的瞬间24v正常，亮度调整3.8v正常，亮度开关脚5v正常，黑屏时个电压消失，估计问题不在高压板，拆下电压板目测有两个电容鼓包现象，仔细看两个都是12v滤波电容，换上两个滤波电容开机，故障还是亮一下就黑屏，但是这一次黑屏状态下24v，亮度调整3.8v，亮度开关脚5v，都一直正常。应该是高压板保护了。找到集成块把3脚接地去保护，开机一切正常。
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去保护就交差啦，
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& &谢谢分享。。。。。留一手。下次再赚。。。
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去保护就交差啦，
估计灯管有点老化。下次出故障就换灯管。
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谢谢分享。& && && && && && && &
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谢谢分享！多留一条路。
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谢谢楼主分享 支持论坛发展
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谢谢分享。。。。。。。。。。。。。。
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